TEST • 12-1
advertisement
A A ELEKTRİK AKIMI 12 TEST • 12-1 1. Direncin boyuna bağlı olup olmadığını araştırdığı A + Cevap: B K K 3R 6R 6R 1 1 1 + = 3R 6R x x = 2R RKL = 4R’dir. A 4. A Reş = 4RA L 2R B B 2R 2R B FİZİK YGS SORU BANKASI A 2R 2R A B C 6RC A 2R L RAx B 2R C 2R 1 1 1 + = Res = 2R olur. 3R 6R Res 6R B B 6R 6R 4R 4R C RC C + I 2I 3I Rx + – I – 2R Rx C 2R 2R R + – – R3 R R3 R3’den büyüktür. Üretecin kutupları arasındaki potansiyel farkı AC i2 R 2 R3 farklıdır. arasındaki i3 potansiyel L 3I·R + 2I·R = 5IR = RV C R R Cevap: E RX direnci bilinmiyor ise R1X ten geçen ve üreteçten i1 çekilen akım bulunamaz. L C R 3I C 2RC B I + B I R 1 Yalnız III bulunur.i1 A 2R 2R R – 2I Rx i1 + i2 C C B 6R 6R 2R 3R 3R A i1 + i2 2R 2R C V i3 Cevap: A Harflendirirsek A 4R R 6R B 2R C 2R 6R B C A 2R A 2R R R C V 6R x 2R 90 + 4R R 6. x A B 2R RAB = 2R A B C C – 6R B 6R 4R – 1 1 1 +– + = 3R 6R RAB L x 2R 1 1 1 + = 12R 6R Re L 2R 12R 2R 3R 3R 2R 2R 3R A Cevap: E K 12R 3R -R4 direnci ise R1, R2 ve R3 ten oluşan sisteme seridir. Bu durumda soruda verilen önermelerin üçü de yanlıştır. 3. 6R 4R + -R3 direnci R1 ve R2 dirençlerinin toplamına paraleldir. R B A A 2. -R1 direnci R2 direncine seridir. 2R Çözümlerİ 6R A 3R R 2R 6R 6R B 3R A için kesitleri aynı, boyları farklı teller kullanılmalıdır. Teller aynı cins olmalı. Bu durumda I ve III nolu teller olmalıdır. 3R C 6R 5. 3R 2R 2R 6R ÇÖZÜMLERİ C B 2R 2R KONU B R 2R 3R 3R 2R 2R 3R 6R R6R 2R 6R Cevap: B Y A Y I N D E N İ Z İ R3 K Bi 2 Cevap: B L R3’den büyüktür. R2 N 7. 1ey N –––––––––––––––––––––– C A K 21020 i= A A C + B M C B q (yük) i= t (zaman )P A 1,610–19C – L x q=32 C L B K q 32 B = = 1, 6A t 20 P A + – C N C P + M M – C Cevap: B R1 i1 i1 + i2 R3 i2 8. S1 ve S3 ün kapatılması yeterlidir. 11. A K L B I1 N R1 I3 I1 P A I3 C + R3 – R2 I2 + Cevap: E – + R R3 R3 R - P ise K, L, M, N’nin toplamına paraleldir. R3 ten büyüktür. R2 Yalnız I doğrudur. R R – - N, L ve M’nin toplamına paraleldir. i1 i2 C - L ve M seridir. R1 i1 + i2 Cevap: A Üst koldaki direnç alt kolda bulunan eş değer dirençten küçüktür. L Bu durumda i3 > i1 + i2 dir. 12. - Anahtar, ampermetre ve pil kontrollü değişken- R1 ve R2 farklı ise I1 = I2 olamaz. En uygun yanıt i3 > i1 > i2 dir. R C N P A i3 M K A R R L B V 9. M C B I2 R3’den büyüktür. R2 R R dir. - Direnç değerleri bağımsız değişkendir. Cevap: D - Ampermetrenin gösterdiği değer ise bağımlı değişkendir. Cevap: D V1 V2 2W 2W + I3 I2 V1 = V2 = I·2’dir. K R A 2R B C 3R 4R C 3R D B L A Cevap: D 2R R E N 4R İ Z İ 91 – V Y A Y I N – R3 R2 + V V1 = 1’dir. V2 R1 I3 = I1 + I2 dir. Bu durumda I3 > I1 C I3 > I2 dir. R R kesinRbir yargıya varılamaz. I1 ve I2 hakkında I1 = I3 olamaz. Cevap: D FİZİK YGS SORU BANKASI 10. I1 13. 14. Direnç değerleri farklı olduğu için C seçeneğinde 19. Reş (I) = 3R1 R1 ve R2 den geçen akımlar farklı olur. R3 ten geçen akım ise bu akımların toplamı kadardır. Reş (II) = Cevap: C 3R1 = 15. Üreteçlerin iç direnci yok ise voltmetreler aynı zaR1 I R1 R I1 1 manda pillerin voltunu göstermektedir. 1 I1 V1 = V R1 V2I = VR V3 = 2V I I33 R33 3V’dir. I3 V4R= 3 RR22 I22 – Cevap: C VV – V 16. Yalnız S1 kapalı iken, R RR RR R RR R Reş = R RR R R RR R R 1 ’dır. 6 L: iletken telin uzunluğu t : özdirenç (direnç katsayısı) A: iletken telin kesit alanı niceliklerine bağlıdır. Cevap: B TEST • 12-2 3R 2 renç değerleri farklı olmalıdır. I ve III’teki düzenekler tercih edilmelidir. LL Cevap: C R ’dir. 2 2. R1 direncinin uçları arasındaki potansiyel farkı üretecin potansiyel farkıdır. Bu durumda R1 den geçen V akım ’dir. Bundan dolayı sadece R1 küçültülmeR1 lidir. Cevap: C FİZİK YGS SORU BANKASI ÇÖZÜMLERİ 1. Bu düzeneklerde üretecin potansiyel farkı aynı, di- Cevap: E 92 Cevap: A L A I1 = I2 = I3 olup RR RR R 2 R=t 3R 2 Reş = 3 RR R2 Yalnız S3 kapalı iken L ’dir. Yalnız S2 kapalı iken Reş = RR 2 20. Bir iletkenin direnci IVI2> III R >2I = II olup ++ – + = R2 R2 17. Bağımsız değişken direnç telinin uzunluğu olduğu VV2 VV1 2 1 içinV ve bu değişkene bağlı olarak akıma bakıldığı V2 1 için hipotez cümlesi “Telin uzunluğu artarsa direnç 2W 2W 2W 2W artar.” biçiminde olabilir. 2W 2W + ++ – – – Cevap: A VV 18. R = VI olupV sıcaklık sabit iken R sabittir. I, II ve III de R sabittir. IV ve V’te ise R değişmektedir. K KK A 2R AA 2R 2R 3R BB R 3R 3R RR 4R 4R C CC L CC LL A AA B 2R 2R 2R 3R BB 3R CC 3R C Cevap: C 4R RR 4R 4R Y A Y I N D E N İ Z İ 3. I2 = RV ’dir. Z I1 = V ’dir. RX + RY I = I1 + I2 dir. RX direnci değişirse I1 değişir, I2 değişmez, I değişir. VKL = V’dir, değişmez. Cevap: D V1 V2 2W 2W + – V 9. R 2R kadardır. Yönü ise elektronların hareket yönünün tersidir.B I= 4R V 3 V2 R C ` 5·1019 + 15·1019 j` 1, 6·10–19 j V V1 R 2R 10 I = 3,2 A II yönünde + C V1 = V kadardır. 3R B aynı sürede C 5. Harcanan enerji E = P·t olduğundan R V2 = A ütü daha çok enerji 3R harcar. P = V.I (Evlerde gerilim 2R hep aynıdır.) A C 4R B 2R 6. I1 = RV V2 1 I3 = 7. B B 4R 3R 10. Cevap: E 4R C B C 3R C B 4R C 2R 3A 4R L 3R Z 1A 5R Devre parçasında verilenlere göre Y ve Z dirençlerinden gelen 2 ve 1 amperlik akımlar 3 amperlik akım olarak yoluna devam ediyor. Gelen akımların toplamı çıkan akımların toplamına eşit olması sonucuna varılabilir. Başka bir sonucu ulaşılamaz. C Telin yarısı kesildiğine göre, yeni durumda direnç A Rı = 55 W olur. R 2R 4R 3R 110 V I= ›= = 2 amper. 55 R R Cevap: B Y K R R = 110 W’dur. 12W 2W Iy 2A C V2 P= dir. R (220) 2 440 = R A = 3’tür. R 2R 3R 2R 6W 5A 6W V dir. R1 + R2 A I3 < I2 olduğuna göre, II ve III olamaz. A 4W Cevap: E V R2 C R V ’tür. 3 R I2 = I3 < I1 V1 4R Rfırın > Rütü K L – V Cevap: C I ütü > I fırın 2V 3 R 2R 3R A 4R K D B B 2R Cevap: CA 3R R D L 5R 11. Öğrenci seri dirençlerden aynı akımın geçip5Rgeç4R 2R Cevap: D A için bu deneyi tasarlamış olabilir. mediğini anlamak K L Cevap: C 8. Anahtar açıkken akım bütün dirençlerden geçer. Çalışır durumdaki direnç sayısı 4’tür. Anahtar kapalı iken A A B B 93 B A A Y A Y I N C C kısa devre olan bir direnç yoktur. Hepsinden akım geçmektedir. Cevap: C D E N İ Z İ 3R 2R R 12. Gerilimi yükseltmekteki amaçCakımı düşürmektir. 2 Çünkü tellerde ısı kayıpları olduğundan akım A 5R I R4R L K A düşürülür. Böylece ısıya harcanan enerji azaltılarak verim yükseltilir. A K 2R B 3R R C D 4R 5R L Cevap: D FİZİK YGS SORU BANKASI 4. 3R B C q R A q = n·e C I =K olup A L t 2R Yük karşılıklı3R hareket eden + ve – yüklerin toplamı 4R V1 V2 RV 2 V R R R V 3 V2 13. X direncinin gücü; 4W – 6W I 12W 2W 6W 2W 12W 2R R K 3R C B K 3R L Cevap: E 5R akım, 5R II. P 1100 = I= = 5 amperL 220 K V 880 Isıtıcı I = = 4 amper 220 A 3R R 2R 12 Lambalar hariç toplamda amper akım çekilmektedir. C 110 4R L K A I = A 5R Her bir lamba 220 I = 0,5 amper 2R B R C geçmelidir. D 16 – 12 =A4 amper lambalardan Bu durumda 8 lamba kullanılmalıdır. 4R L Cevap: B 5R sonsuz tane elektron mevcut 16. İletken tellerin içinde Y A Y I N olup elektriğin kesilmesi elektronların titreşiminin ortadan kalkması demektir. Elektrik akımı bu titreşimler sonucu iletilmektedir. Gerçekte elektronların tel içindeki hızı oldukça küçüktür ama elektronların B 3R C D A A hareketini sağlayan elektriksel mesaj (elektrik ala- E 5R 5R nı) hızı çok büyüktür. doğruyu N 2R Bu durumda Berke 4R İ C söylüyor. A R B Cevap: C 4R 4R L B B 2R KA 4R A 4R K K R D B B B 2R 2R 2R 3R C R D C C 3R 5R 2R 3R A 4R B 5R K 5R 3R L R D D R L L C R D L 5R L R 3R K A 3R B 660 = 3 amper 220 3R B3R 3R 5R C D D 4R B A B 5R 2R 4R 5R 3R K L 4RA AK BL K L 5R 4R A B devre K 3R Bulaşık makinesi, 3R A 4R R RD 2R 2R III. Nükleer reaksiyonlardan elde edilen enerji C önce ısı, sonra elektrik enerjisi olarak 2R atom R C R D santrallerinde elde edilir. A 4R B L L 3R R I. devre C 2R II. Termik santrallerde kömürün yakılması sonucu ya da jeneratörlerde mazot kullanılarak elde edilir. 2R Cevap: E L 5R C 5R 14. I. Hidroelektrik santrallerinde elde edilir. D R 5R 5R 4R 4R 3R 3R L Cevap: E 3R 3R 5R 4R 4R 2R 2R 3R R R K K 18. K y K PY = 100·6 = 600 watt FİZİK YGS SORU BANKASI 12W y IY = 10 Amper C 2W 6W 24 2R I= = 3 amper olur. 8 R 12·5 = 6·IY L 6W 5A dur.6W 4W y 6W 5A Anahtar kapatılırsa eş değer direnç 8 ohm olur. 6W V I= ise Re I 6W K 12W 5A ÜretecinIypotansiyel farkı V = I·Reş olduğunda V = 24 volt I R – 2W V 5A Iy K 2R 6W 4W 5A 94 – 12W 12 ohm dur. 4W 6W 2W direnç 17. Anahtar açıkken eş değer V 4W I= 2V 3 V R V + IX = 5 amperdir. 15. Ütünün çektiği 4R 2R V2R 3 V–V2 + + IX2·4 = 100 2R 3 2V 2R 3 – 2R + PY = I ·RY + 2V 3 R 2 Y 3 VV1 3 R 2R Z İ RC 2R A 2R 5R R B 4R L C C 4R L A 5R K A 3R A 5R K A 2R 2R 4RR L A B R C D C 2R A B RA C5R D 4R L 2R A K3R A B R C4R D L K 3R 5R 2R 4R L K 3R A B 4R D R LC K 5R 5R 3R III. devre 4R L K B 5R A A I 3R C 5R B 3R C A2R A 5R 3R C B 4R A A C 5R R A B 5R 2R R 3R 5R 4R 5R C2R R A B 4R B 3R K C A 3R4R B A R A L R 2R R C 3R 5R K 5R 4R2R 2R K L 4R C C 4R 2R III farklıdır. R ve III.L devreler verilen devre ile aynı, A B C R 3R I ve II doğru. K L C B 2V 4R 2R Cevap: D C A K 19. Devredeki eş değer direnç 6 ohm dur. I= L 4. V I= olduğundan Res C R 4R C 2R B 2V M 3 12 = 3 amper olur. 6 + A L – C V Cevap: B V 3 V 3 C K A C V Potansiyel dağıtılarak çözülürse K > M > L’dir. 20. S anahtarı kapatılırsa eş değer direnç azalır, ana akım (I2) artar. Bu durumda R2 direncinin uçları arasındaki potansiyel farkı artar (I2·R2). Cevap: E A R1 direncinin uçları arasındaki potansiyel farkı (I1·R1) azalır. (I1R1 + I2R2 = V) 5. R1 direncinin gücü P = I2·R1 I1 azalır. K 36 = I2·4A Cevap: B I = 3A A M R L C L B M B + – N C C N K VKL = 3·(6 + 4) TEST • 12-3 R B 3R R VKL = 30 volt ÇÖZÜMLERİ Cevap: C 1. KL arasına iletken bir cisim MN arasına yalıtkan bir cisim konulmalıdır. Gümüş çatal iletken, seramik çubuk yalıtkandır. V 6. Bir lambanın gücü P = I2·R’dir. K 2V L3I’dır. R 2R X’den geçen akım I ise Y’den geçen akım Cevap: C M X lambasının gücü I2R ve YI lambasının gücü 9I2R’dir. Bu da 9P olması anlamına gelir. + – Cevap: A 2. Ütünün gücü P = V·I’dır. P = 220·10 = 2200 watt 7. K’nin voltu 23V E = P·t = (2·2 kw)(2 saat) 1 kwh V ’tür. 3 S anahtarının olduğu yerdeki lamba tüm sisteme 0,5 TL ise 4,4 kwh L’nin voltu paralel olduğu için K ve L’de herhangi bir değişim olmaz. x x = 2,2 TL’dir. = 4,4 kwh Cevap: D Cevap: B 3. 220 w † Güç AC † Alternatif akımla çalışır. 2 V den R bulunur. R Ama tellerin uzunluğu, kesiti, cinsi bulunamaz. Cevap: E D E N İ Z İ – 50 Hz † Akımın frekansı ε + Y A Y I N 220 V † Gerilim P= 95 8. S1 ε + – ε+ – ε + S3 – S2 Yalnız S2 kapatılırsa her iki lamba da yanar. Cevap: B + – + ε – FİZİK YGS SORU BANKASI K + ε – S1 ε + – A ε+ – B L B L S3 ε + A S2 N M +– B L V L LA 3 CN K B VL AV 3 B M M A KC M M +– A+– – A C M V+– V 3 V 3 C N V V V 3 V 3 L N – – S1 ε + + ε S3 – L – + – – 13. + Yalnız +S–2 kapatılırsa – + + +– – – A + – – + C B M M M L A V 3 V 3 V B 2V 3 K AA L – A LN K B +– M V N > M > K = L’dir. M + – + – V V V L 2 K M V 2V V K + K L – V ‘den az V ‘den çok V ‘den2çok V ‘den 2 çok V Y‘den çok 2 X Y 2 YL Y L + X – V+ L – V V V 2 B B2V K V 3 L 3 K C X V 2 + – R X V 2 X + V V 2 2 – + VX 2 – V + V Y Y2 V 2 Y Y – Lambaların gerilimlerine bakmak yeterli özdeş ol- C Y NL A 2VV Y 33V IN M N V 3 R R N M2V 3 C V V V2 p duğundan f P = R V M K’nin gerilimi artmış, L’nin gerilimi azalmıştır. Cevap: A V Cevap: A L Cevap: B R V V – V KX 2 L A 3 N N K C B V M L A B +– 2 VV C B 3 K M K V +– V M 2 L V C V 3 N L + FİZİK YGS SORU BANKASI A K A X K + Cevap: A A V R V A 11. V 2 az V ‘den‘den R az R2 2 V C S1 ve S2 birlikte kapatılırsa dört lambanın hepsi yaM N nar. 96 R K + NN +– M ve N yanar. +– N K M, söner. V ‘den az + K ve L yanar. A K K K – – M K Söner Söner (kısa (kısa Söner (kısa devre olur.) olur.) devre devre olur.) + K I= ε R L N V K, değişmez. V L, artar. ( iken V oldu.) 2 I= ε R L K Söner (kısa devre olur.) I= ε R R 10. Yalnız S1 kapatılırsa + V KV K L – ε – V ε – V L + + – + + – – V V + R I= ε – K V M V 2 V L L ε – – R + ε – + I= ε R + + ε Cevap: C – + R I= ε R – + + 2 anahtar kapalı iken – + – V + V S3 I +=ε– ε S3 R – – – + – ε+ – + – V VL V 2 K K L V M V 2 M V 2 2 M V V ε+ +ε S2 – AnahtarS2 kapanınca dirençten geçen akım değişmez. Pilden akımK yarıya düşer. L geçen + + ε Cevap – – 1A’dır. + V V – – L V L V 2 2 + + + – S1 ε + S1 – – V 12. Anahtar açıkken ε – ε+ ε+ε– ε S2 ε + – R I= ε R + ε + + N V V 9. C B 2V C 3 V M 2V 3 K 3 N L M K D E N İ Z İ 14. Anahtar kapatıldığında akım S anahtarı üzerinden hiçbir lambaya uğramadan devreyi tamamlar. Bütün lambalar söner. Cevap: E 2R 3 R 2R 2V 5 2R 2V 5 3R 3V 5 3R 3V 5 2 18. Toplam ışık şiddeti etrafa yayılan güçtür. c VR 15. Anahtar açıkken L L I.si R 2 M – II.si – III.sü ya da R xR xR x x 5x x = = V ise 2 2 2 x= V R 5 A 2V B K† R A 5 B 2V L †X 5 VX M† olur. 5 2x + R 4 ε B – ε r+ A – A r ε+ ε B r –+ A r ε – A 4V32 V2 =2 3 2R R Cevap: C X i Y Z 20W 10W + B r 16. Deneyde değiştirilecek olan şey direnç telidir. BaR = 2r 3 R = 2r 3 Cevap: E her iki lambanın voltu eşit ve V olur. Süre azalır. K’nin voltu ve parlaklığı değişmez. Daha önce P gücünde tek lamba yanarken şimdi aynı güce sahip 2 lamba yanar, ışık şiddetinin toplam değeri artar. Cevap: D 20W=i2 Ry Y nin direnci Z nın 2 katıdır. P = gerilime göre 10W güç formulü P=i2R güç formülü 10W=i2 Rz Tükenme süresi üreteçten çekilen akımla ters orantılıdır. V Anahtar açıkken I = ’dir. R V 2V olur. = R R 2 Y ve Z den aynı akım geçiyor çünkü seri bağlılar 17. K lambasının voltu V kadardır. Anahtar kapatılınca – ğımsız değişken bizim değiştirdiğimiz değişkendir. Kapalı iken 2R Cevap: A B ε r+ = ne göre çal›şır ve elektrik enerjisini mekanik enerjiye çevirir. 20. – (2V3) 2 19. Dört elektrikli ev aleti de motorun dönme prensibi- R 4 C C + – 3R Cevap: B K’nin parlaklığı artar, L’nin parlaklığı artar, M’nin parlaklığı azalır. + 2V22 2V32 V12 2V22 = = 2R 3R R R x 2 2 x 2 anahtar kapalı iken 3R 2 = V1 > V2 > V3 tür. R 2 R V22 Ry = 2Rz 2R R D E N İ Z İ Ry=2R Rz=R 10W 20W Y A Y I N v2 R + R 2 97 30W 2 2 V b_b 3V = V bb 3R 3R bb R X ` Rx > Ry > Rz V 2 bbb R x = 9R 10 = bb Rx b direnç ilişkisi a 30 = 2 Y ve Z dirençlerinin toplam gerilimi X direncinin gerilimine eşittir. O yüzden X in gerilimi Y den büyüktür. Cevap: E FİZİK YGS SORU BANKASI + M m 2R 123 K K V12 TEST • 12-4 5. ÇÖZÜMLERİ I1 I2 K – I1+I1 L’nin voltu e kadar. M’nin voltu e kadar. V + M + V 1. K lambası yanmaz. L – N I1 I2 Bu tip soruları akım takip ederek çözelim. L = M > K’dir. I1 akımı K ve M’den, Cevap: C I2 akımı L, M ve N’den geçmektedir. M en parlak olup I1 > I2 dir. M > K > L = N’dir. 2. M ve N birlikte kapatılırsa lambadan akım geçer. Cevap: E 6. Anahtar kapatıldığında K ve L’nin uçlarındaki po- K ve P birlikte kapatılırsa lambadan akım geçer. tansiyel farkı ve parlaklıkları değişmez. P ve L birlikte kapatılırsa lambadan akım geçer. Cevap: C K, L, M birlikte kapatılırsa lambaların hiçbirinden akım geçmez. Cevap: C 7. Anahtar kapatıldığında N lambası kısa devre olup yine yanmayacağından diğer lambaların parlaklıkları değişmez. Cevap: B 3. Sürgü ok yönünde hareket ederse toplam direnç artar. Ana akım azalır. K’nin parlaklığı azalır. K ve L’nin potansiyelleri toplamı üretecin potansiyel farkı kadar olduğundan K’nin potansiyeli azaldığından L’nin potansiyeli artar. Yani L’nin parlaklığı artar. 8. Paralel bağlı pillerde sadece bir pilin potansiyel farkı alınır. Cevap: C Her üç lambanın potansiyel farkları eşittir. Parlaklık güce eşit olduğundan P = Cevap: D 4. +V V+ B – +V – – B 9. Tükenme süresi üretecin üzerinden geçen akımla A ters orantılıdır. e e I1 = I2 = R R 2 A R 98 A FİZİK YGS SORU BANKASI 2 V ’den hepsi eşittir. R + – V + – V + – B I3 = e 2R I2 > I1 > I3 ise Paralel pillerde piller özdeş ise sadece birinin potansiyel farkı alınır. I= V ’dir. R V R Cevap: D Y A Y I N D E N İ Z İ t3 > t1 > t2’dir. Cevap: E 10. K kapalı iken X ve Y lambaları birbirine paralel olup her birinin potansiyel farkı V kadardır. K açılıp L kapatılırsa toplam direnç artar akım azalır. X ve Y’nin parlaklıkları azalır. Cevap: A K 2R L R M 2R K + + – – 2R kilowatt·saat cinsinden ehesaplan›r. Enerji = Güç·Zaman e 2e+ +e – – E = P·t 2e+ +e – – E = (1·2 kw)(10 saat) 2e+ +e – – e L M K 2e 2e+ M Lambaların voltu, K E = 12 kwh – 1 kwh 0,5 TL ise e 12 kwh 6 TL’dir. L e e 2e L eK L M Cevap: C e e L † 2e M † e’dir. e ε + I L > K = M’dir. – 17. Bir iletkenin direnci; K I. Telin uzunluğu, L 2I 12. + I + K +ε – ε K + I – III. Telin yapıldığı madde I II. Telin kesiti, Cevap: A K ε I – – ε 2I M değişkenlerine2Ibağlıdır. L R = ts + I + I + M – – – V12 3 V1 ε + + ε – ise R 3 ε+ + – = 3V22 X ε+ – ε+ X – 2e IK = = e R 2R – Yalnız L kapalı iken = 3’tür. + + + – – – – + – – Cevap: D V2 = ε ε ε+ 13. Toplam ışık şiddeti etrafa yayılan toplam güçtür. – + Cevap: D M 18. Yalnız K kapalı iken Cevap: B V22 M – ε ε +ε L>K=M L L 2I ¬ I 3R 2e M2e K†e V12 V 16. Evlerde harcanan elektrik V +e – – V – e M M 6R + + e K 2R 2R 6R M 6R 11. 2R L L 2R 2R L V R K 6R R R R K R 14. Güç 12 kw = 12.000 watt’tır. + + 100 dairede +toplam 200 lamba yanmaktadır. – P = 60 watt’tır. 1Ω Y+ X Cevap: D II 3Ω 2Ω X + I2 I1 + I2 I I1 1Ω X I2 Y A Y I N 15. Bağımsız değişken pilin Igerilimi, bağımlı değişken D +I – – 1 2 ε lamba parlaklığı olduğuLiçin deneyde lamba parlak13V lığı ile pilin gücüI arasındaki ilişki araştırılıyor. II 3Ω X + Y+ – 13V – L ε Cevap: D E N İ Z İ IL = X – 99 e ’dir. 3R 1Ω orantılıdır. I2 Bir lambanınI1ışık2Ω şiddeti, Xgücü ile I1 P = I2R ya da 2 1Ω X V2Ω I1 + I2 ’dir. R I2 I1 + I2 P1 3Ω IK I II = 3 olduğuna göre, = 9’dur. I II IL P3Ω 2 X + X + Y+ – – L – 13V 13V L Y+ – ε ε Cevap: B FİZİK YGS SORU BANKASI 2Ω I1 (200) P = 12.000 X – N V V M 2V TEST • 12-5 + – 6. E = P·t = (75)·2·600 + (100)·3·600 ÇÖZÜMLERİ 2I = 90.000 + 180.000 = 270.000 joule 1. Voltmetrenin iç direnci çok büyük olduğundan üze- 3I = 270 kilo joule rinden akım geçemez. I II voltmetre olursa M yanmaz. Cevap: D 7. Toplam ışık şiddeti devrelerdeki toplam güçtür. I voltmetre olursa hiçbiri yanmaz. III voltmetre olursa hepsi yanar. P1 = I ve II olamaz. Cevap: E 4V2 V2 2V2 9V2 P2 = P3 = = R N 2R 3R K R A B C 2 P3 > P1 = P2 ya da I3 > I1 = I2 dir. A 2. Evlerde elektrik sayacı, sigorta ve düğme olmak zorundadır. Fakat ampermetre ile voltmetrenin olmasına gerek yok. M L C C Cevap: B 8. Üreteçlerin iç direnci –önemsiz ise R direncinden + geçen akım bulunurken sadece bir üretecin emksine bakılır. A B M C e K I= S anahtarı açıkken X’ten geçen akım R e ’nin yarısıdır. N R e S anahtarı kapatılınca I yine ’dir. Fakat bu duR L e rumda X’ten geçen akım ’nin üçte biri olur. R I ve II Cevap: A 3. Voltmetrenin iç direnci maksimum, ampermetrenin iç direnci sıfıra yakındır. Voltmetre pile seri bağlanırsa o koldaki lambalar yanmaz. Yani voltmetre ile K lambasının yeri değiştirilirse lambalar yanmaz. Ampermetre ile voltmetre yer değiştiğinde voltmetre yine akım geçişine izin vermez iki lamba da yanmaz. Akım azaldıkça tükenme süresi artar. Cevap: C 9. Ampermetre ile L lambasının yeri değiştirilirse akım K ve L’den geçer, ikisi de yanar. X Z Y Yalnız I Cevap: A 4. 2I1 I2 K L R + I1 Anahtar şekildeki konumda iken X ve Z yanar. (2) 2R + FİZİK YGS SORU BANKASI – V R 100 T Anahtar K konumuna getirilince X, Y, Z yanar. (3) Anahtar L konumuna getirilince hepsi yanar. (4) – V I2 = 3I1 dir. Akım dirençle ters orantılı paylaşıldığından paralel koldaki R direncinden 2I1 akım geçer. Ana koldan 3I1 akım geçer. Cevap: B 5. Bağımsız değişken değiştirdiğimiz değişkendir, bu da devredeki pildir. Cevap: C Y A Y I N D E N İ Z İ M n3 > n2 > n1 I + I + 10. Anahtar, N + – – – K – Cevap: B + L K konumundaI iken 3 lamba, + – L konumunda iken 2 lamba, P M konumunda iken 1 lamba yanar. (kısa devre) R K † II L†I M † III’tür. Cevap: E A B K L M A B L L A A M C C + + N C C L – – A A K K M M B B C C X N 11. Bir telin direnci uzunlukla doğru orantılı, kesitle ters orantılıdır. R1 > R2 > R3 tür.N II’de K’nin gerilimi V L L KL arasına, Parlaklık III konulduğunda parlaklık M’dir. azalır. L’nin parlaklığı artar. L’denTgeçen akım artacağından M’den geçen akım+ –azalır. Cevap: B P 13. Voltları dağıtarak akımı bulalım. 36 = I·12 I = 3 amper P = I2·R L – IV.K’nin uçlarındaki gerilim V’dir. + I – I= R A A L L B B K K L B M B A Cevap: B 18. X’in parlaklığının artması için uçlarındaki gerilimin Cevap: B 14. = 9·2A P = 18 watt K P V olduğuna göre, P R R I4 > I2 = I3 > I1 Cevap: B 17. VKL = I. (2 + 4 + 6) R V + + 3 I M– N– + + V –gerilim– I II. K’nin uçlarındaki 2 + + I – – V + + I –gerilim – III. K’nin uçlarındaki K L 2 I. K’nin uçlarındakiM gerilimN + V artar. K’nin parlaklığı ve potansiyel farkı artar. Bu durumda L ve N’nin uçlarındaki potansiyel farkı + + I – – V2 azalır. Parlaklık K olduğundan L ve M’nin parlakL R + lığı azalır. I – K L K – M N 16. Anahtar kapatılırsa + toplam + direnç azalır, ana akım – – I K L parlaklığı azalır, voltajı artar. Ana akım azalır. K’nin T – + Cevap: D 12. Sürgü ok yönünde çekilirse devrenin toplam direnci V V V2 ’dir. R Bundan dolayı II = III = IV’tür. Cevap: B Z Z Y Y I T IV’te K’nin gerilimi V’dir. II konulduğunda parlaklık K, + K L III’te K’nin gerilimi V I konulduğunda parlaklık L, X X Z Y 15. I’de K’nin gerilimi 2V M M A A artması dolayısı ile X’e seri bağlı lambaların geriliminin küçülmesi gerekir ya da X’ten geçen akımın artması gerekir. S1 kapanınca ya da S2 kapanınca ana akım artar. X’ten geçen akım artar. B B R 2 geçen akım artar. S3 kapanınca ana akım ve X’ten K S4 kapanınca o aralıktaki direnç değeri küçülür. R X’e seri bağlı2V lambaların voltu artar X’in voltu azalır. S1, S2, S3 V Cevap: E K, L, M birbirine paralel olup potansiyel farkları V’dir. II. devrede, K K ε ε ε ε – + + + – – – ε ε ε ε + – – ε ε + + ε ε L L ε ε Cevap: A M M O ε 101 ε M – Yalnız K O ε + L ve M’nin değişmez. D E N İ Z İ ε – K’nin parlaklığı artar. L ε + V V ε – Y A Y I N + K K R 2V R 2V K ε O O K ve L’nin uçlarındaki potansiyel farkı sıfırdır. K ve L yanmaz M yanar.ε K + I + – I ε x – L II I y Cevap: D FİZİK YGS SORU BANKASI 19. R 2 R 2
