2005 Yaz Dönemi Genetik 1 Arasınav Soruları

Genetik Bölüm 4 cevaplar
1. B kırmızı b beyaz olsun.
Eğer demir kırı tam kırmızı ve tam beyaz kıllardan oluşan bir karışım ise eşbaskınlık,
BB x BB  BB hepsi kırmızı
eğer kıllar kırmızı beyaz arası bir renk olarak demir kırı renginde ise eksik baskınlık vardır.
bb x bb  bb hepsi beyaz
BB x bb  Bb hepsi demir kırı
Bb x Bb  ¼ BB + ½ Bb + ¼ bb
2. Eksik baskınlıkta heterozigotlar dominant karakterin yarısına karşılık (kırmızıya pembe gibi) gelen bir fenotip sergilerken
eşbaskınlıkta her iki alel aynı anda tamamen ifade edilir (AB kan grubu gibi).
3. Pp x Pp  2/3 Pp + 1/3 pp (PP ölü olacağı için görülmez). P aleli heteroziotlarda öldürmediği için çekiniktir. Platin kürkte
durum böyledir (heterozigot).
4. 4/7 kısa + 3/7 uzun. kısa x kısa  6/9 kısa + 3/9 uzun
Mutasyon yaşadığına göre çekinik ölümcül olmalıdır. Bu durumda kısa ilk çapraz Aa x AA  ½ Aa + ½ AA şeklinde olmalıdır ki
4/7 ile 3/7 yaklaşık ½’ye eşittir ya da yaklaşık 4:3 olan oran 1:1 oranına yakındır.
Kısa x kısa olan ikinci çapraz da Aa x Aa  2/3 Aa + 1/3 AA (aa letal olduğu için toplam 4 yerine 3 olur) şeklinde olmalıdır ki 6/9
2/3’e 3/9 da 1/3’e eşittir.
5. A: AA, AO. B: BB, BO. AB: AB. O:OO. ABO sistemi hem baskınlık/çekinikliğe (A ve B’nin O’ya baskın olması) hem de
eşbaskınlığa (A ve B’nin eşbaskın olması) örnektir.
6) Erkek ebeveyn: B grubu, annnesi O grubu: Genotip BO olmalıdır. O grubundan bir O aleli almış olmlıdır.
Bayan ebeveyn: A grubu, babası B grubu. Genotip AO olmalıdır. Babası B grubu ve B aleli vermediğine göre O aleli vermiş
olmalıdır. Bu çiftin çocuklarında AO x BO  ¼ AB + ¼ AO + ¼ BO + ¼ OO şeklinde oranlar olur.
7) Bir babalık davasında çocuğun kan grubu O annenin kan grubu ise A’dır. Bu durumda hangi kan grubu erkeğin çocuğun babası
olmadığını belirler? Diğer kan grupları belirli bir erkeğin baba olduğunu kanıtlar mı?
AB grubu erkeğin kesinlikle baba olmadığını belirler. A, B ve O grupları ise erkeğin baba olduğunu veya olmadığını belirlemez.
Ancak genotip testi yapılırsa AA ve BB grupları da kesinlikle baba değildir. OO grubunun ise yine baba olup olmadığı belli değildir
ilave testlere (MN kan grubu testi gibi) ihtiyaç vardır.
8) İnsanlarda A ve B antijenleri bazı bireylerin (genotipi Se/Se ve Se/se olanların) tükrük gibi bazı salgılarında suda çozünebilir
formda bulunabilirken bazı bireylerde (genotipi se/se olanlarda) ise bulunmaz. Bu nedenle populasyonda “salgılayıcı” (secretor) ve
“salgılayıcı olmayan” (nonsecretor) bireyler bulunur.
a) Her ikisi de Se/se olan AB ve O kan grubundaki bireyler arasındaki eşleşme sonucunda oluşan çeşitli fenotiplerin (kan grubu ve
salgılama yeteneği açısından) oranlarını belirleyiniz.
Se/seAB x Se/seOO 
SeA
SeB
seA
seB
SeO  1/8 SeSeAO SeA
 1/8 SeSeBO SeB
 1/8 SeseAO SeA
 1/8 SeseBO SeB
SeA
SeB
seA
seB
seO
 SeseAO SeA
 SeseBO SeB
 seseAO seA
 seseBO seB
SeA = 3/8
seA = 1/8
SeB = 3/8
seB = 1/8
b) H maddesinin sentezini kontrol eden gen bakımından her ikisi de heterozigot (Hh) olan bireylerin eşleşmesi durumunda bu
sonuçlarda ne gibi değişiklikler olur?
Hh x Hh  ¾ H (Kan gruplarına müsade eden) + ¼ h (kan gruplarına müsade etmeyen yani A veya B genleri olsa da olmasa da O
grubu olarak gözlenen)
9) Epistaz ile poligenik kalıtım arasındaki ve sürekli çeşitlilik ile sürekli olmayan çeşitlilik arasındaki farkları belirtiniz.
Epistaz bir alel çiftinin (bir lokusun) başka bir lokusu etkilemesidir (pozitif veya negatif yönde). Poligenik kalıtımda ise bir
karakterden sorumlu birden fazla alel çifti (lokus) sözkonusudur. Sürekli çeşitlilik eklemeli alellerden dolayı sürekli farklı fenotipik
sınıfların meydana gelmesidir. Sürekli olmayan çeşitlilik ise karakterlerin eklemeli olmayan yani net bir şekilde baskın/çekinik,
eksik baskın, ya da eşbaskın alellerin olduğu durumlarda söz konusudur.
Dr. Ekrem Dündar
10)
Dominantlık sırası: C > c > h > a
a)
Himalaya (ha) x Himalaya (ha)  albino (aa)
x
yabanıl (Cc) x albino (aa) 
chinchilla (ca)
b)
albino (aa) x chinchilla (ca) 
yabanıl (CC) x albino (aa) 
c)
chinchilla (ch) x albino (aa) 
yabanıl (Ch) x albino (aa) 
 ½ ca + ½ aa (yarısı chinchilla yarısı albino)
albino (aa)
x
yabanıl (Ca)
 ½ Ca + ½ aa (yarısı yabanıl yarısı albino)
Himalaya (ha)
x
Himalaya (ha)
 ¼ hh + ½ ha + ¼ aa (3/4 himalaya + ¼ albino)
11) Bir tür farede kürk rengini kontrol eden lokusta 4 alelden herhangi ikisi bulunabilir. Bunlardan siyah (s) griye (g), gri kreme (k),
krem de albinoya (a) baskındır (baskınlık sırası: s>g>k>a). Buna göre aşağıdaki çaprazlarda kullanılan anne ve babaya ait
genotipleri ve bu çaprazdan olacak fenotipik ve genotipik oranları ilgili boşluklara yazınız. (16p)
a) gri (ga) x krem (ka) (iki fare de albino ebeveyne sahip)  ( ¼ gk + ¼ ga) + ¼ ak + ¼ aa . Her iki fare de albino ebeveyne sahip
olduğuna göre her iki fare de en az bir a aleli almış olmalıdır
b) gri (ga) x krem (kk) (gri fare bir albino ebeveyne, krem ise iki gri ebeveyne sahip)  ½ gk (gri) + ½ ak (krem). İki gri
ebeveyne sahip olan krem farenin krem olması için her iki ebeveynden bir adet k aleli almış olması lazım.
c) gri (gg) x krem (kk) (gri fare iki siyah ebeveyne, krem ise iki gri ebeveyne sahip)  hepsi gk (gri). İki siyah ebeveynden gri fare
oluşması için her iki siyah ebeveynin heterozigot (sg) olması lazımdır. Bu durumda gri bir yavru ancak gg genotipli olabilir.
d) gri (ga) x krem (kk) (gri fare bir siyah bir de albino ebeveyne, krem ise iki siyah ebeveyne sahip)  ½ gk (gri) + ½ ak (krem)
gri olması için g aleline, bir ebeveyni albino olduğu için de a aleline sahip olmak zorunda. Kremin siyah ebeveynleri heterozigot (sk) olmak zorunda.
12) Çiçek rengi (A/a), şekli (B/b) ve bitki boyunu (D/d) belirleyen 3 otozomal gen.
Çiçek rengi eksik baskın (AA kırmızı, Aa pembe, aa beyaz) çiçek şekli personat (A), pelorik (a), boy uzun (D) veya kısa (d) olabilir.
AABBDD x aabbdd  F1: AaBbDd Pembe Personat Uzun
AaBbDd x AaBbDd çaprazından F1 ile aynı fenotipleri gösterenlerin oranı AaB-D- fenotipinin oranına eşittir. AaB-D- oranını
hesaplamak için Aa (A- değil çünkü sadece pembeleri arıyoruz), B- ve D- ihtimallerinin çarpımını almamız gerekir. Bu da sırasıyla
½ x ¾ x ¾ = 9/32 olur.
13)
a) kırmızı pelorik (AAbb) x beyaz personat (aaBB)  F1: tümü pembe personat (AaBb)
b) kırmızı personat (AABB) x beyaz pelorik (aabb)  F1: tümü pembe personat (AaBb)
c) pembe personat (AaBb) x kırmızı pelorik (AAbb)  F1: ¼ kırmızı personat (AABb)
¼ kırmızı pelorik (AAbb)
¼ pembe personat (AaBb)
¼ pembe pelorik (Aabb)
d) pembe personat (AaBb) x beyaz pelorik (aabb)
F1: ¼ beyaz personat (aaBb)
¼ beyaz pelorik (aabb)
¼ pembe personat (AaBb)
¼ pembe pelorik (Aabb)
a şıkkındaki F1 ile b şıkkındaki F1 arasındaki çaprazlama sonucu oluşan fenotipik oranlar aynıdırlar çünkü genotipler aynıdır.
14) Atların renkleri açık krem (cremello), kestane (kahverengimsi) ya da kuyruğu ve yelesi beyaz kendi altın renginde (palomino)
olabilir. Bunlardan sadece altın renkli olanlar arı soy değildir.
a) Aşağıdaki sonuçlara göre gen sembolleri oluşturarak kalıtım şeklini belirleyin ve hangi genotipin hangi fenotipe neden olduğunu
gösterin.
cremello (cc) x palomino (ck)
 ½ cremello (cc) + ½ palomino (ck)
kestane (kk) x palomino (ck)
 ½ kestane + ½ palomino
palomino (ck) x palomino (ck)
 ¼ kestane (kk) + ½ palomino (ck) + ¼ cremello (cc)
b) krem rengi ve kestane atların çaprazından olan F1 ve F2 sonuçlarını tahmin ediniz.
Dr. Ekrem Dündar
cc x kk  F1: ck hepsi palomino. ck x ck  F2: ¼ cc + ½ ck + ¼ kk
15) Not: b+ sembolü ile + sembolünün ya da ++++ ile b+ b+ s+ s+ ‘nın aynı anlama geldiğine dikkat ediniz.
a) yabanıl tip (++++) x beyaz (bbss)
b) yabanıl tip (++++) x scarlet ++ss)
c) kahverengi (bb++) x beyaz (bbss)
 F1: yabanıl (b+bs+s)
b+bs+s x b+bs+s  F2: 9/16 b+-s+- yabanıl
3/16 b+-ss kahverengi
3/16 bbs+- scarlet
1/16 bbss beyaz
 F1: yabanıl (+++s)
+++s x +++s F2: ¼ ++++ yabanıl
½ +++s yabanıl
¼ ++ss scarlet
 F1: kahverengi (bb+s) bb+s x bb+s F2: ¼ bb++ kahverengi
½ bb+s kahverengi
¼ bbss beyaz
16) Farelerde sadece C aleli olduğu zaman pigment üretimi olur, cc genotipli bireylerde renk oluşmaz. AA ya da Aa agouti kürke, aa
da siyah kürke neden olur.
a) AACC ve aacc çaprazlamasından F1 ve F2’nin hangi genotip ve fenotip oranları elde edilir?
AACC x aacc  F1: AaCc hepsi agouti. AaCc x AaCc F2: 9/16 A-C- agouti + 3/16A-cc albino + 3/16aaC- siyah + 1/16aacc
albino
b)Genotipleri bilinmeyen agouti dişileri ile 3 ayrı aacc erkeğin çaprazlanması sonucu aşağıdaki sonuçlar elde edilmiştir.
i) 8 agouti (A-C-), 8 renksiz (--cc) ii) 9 agouti (A-C-), 10 siyah (aaC-) iii) 4 agouti (A-C-), 5 siyah (aaC-), 10 renksiz (A-cc)
Dişi ebeveynelerin genotipi nasıldır?
İlkinde agouti bireyler oluştuğuna göre A ve C alelleri olmalı (A-C-). Renksiz bireyler oluştuğuna göre c aleli de olmalı (A-Cc).
Siyah bireyler oluşmadığına göre a aleli olmamalı (AACc)
İkincide agouti bireyler oluştuğuna göre A ve C olmalı (A-C-). Siyah bireyler oluştuğuna göre a da olmalı (AaC-) ve renksi bireyler
oluşmadığına göre c olmamalı (AaCc).
Üçüncü de agoutilerden dolayı A-C-, siyahlardan dolayı AaC- ve renksizlerden dolayı AaCc olmalı.
17) 94 mor, 31 kırmızı, 43 renksiz. Bu çiçeğin renk kontrolünde kaç tane gen rol almaktadır?
Oran bariz bir şekilde iki heterozigot alel çiftinin çaprazı sonucu oluşan 9:3:4 (3+1) dağılımını vermektedir.
Bu lokuslardan biri renk oluşumundan sorumlu (A/a çifti diyelim) diğeri ise mor (B olsun) ve kırmızı (b) renklerden sorumlu
olmalıdır. mor:kırmızı oranının 94:31 olmasından morun kırmızıya baskın olduğu anlaşılmaktadır.
AaBb x AaBb  9/16 A-B- mor, 3/16 A-bb kırmızı, 4/16 renksiz (3/16aaB- renksiz + 1/16 aabb renksiz)
18) Sıçanlarda bağımsız açılan iki otozomal genin aşağıdaki genotipleri tüy rengini belirler.
A-B-(gri), A-bb(sarı), aaB-(siyah), aabb(krem)
Ayrı bir otozomdaki üçüncü bir gen çifti de herhangi bir rengin oluşup oluşmayacağını belirler. CC ve Cc genotipleri, A ve B
allellerinin ifadesine göre renk oluşumuna imkan sağlar, cc genotipi ise A ve B allelerinin varlığına bakmaksızın albino sıçanların
ortaya çıkmasına neden olur. Aşağıdaki çaprazlardaki F1 fenotipik oranları belirleyiniz.
a) AAbbCC x aaBBcc

AaBbCc (hepsi gri)
b) AaBBCC x AABBCc

¼ AABBCC + ¼ AaBBCC + ¼ AABBCc + ¼ AaBBCc (hepsi gri)
c) AaBbCc x AaBbcc

A-B-C- (gri)
A-bbC- (sarı)
aaB-C- (siyah)
aabbC- (krem)
A-B-cc (albino)
A-bbcc (albino)
aaB-cc (albino)
aabbcc (albino)
= ¾ x ¾ x ½ = 9/32 gri
= ¾ x ¼ x ½ = 3/32 sarı
= ¼ x ¾ x ½ = 3/32 siyah
= ¼ x ¼ x ½ = 1/32 krem
= ¾ x ¾ x ½ = 9/32 albino (Toplam albino: 9/32 + 3/32 + 3/32 + 1/32 =16/32)
= ¾ x ¼ x ½ = 3/32 albino
= ¼ x ¾ x ½ = 3/32 albino
= ¼ x ¼ x ½ = 1/32 albino
d)AaBBCc x AaBBCc

A-B-C- (gri)
A-bbC- (sarı)
aaB-C- (siyah)
aabbC- (krem)
A-B-cc (albino)
A-bbcc (albino)
=¾x1x¾
=¾x0x¾
=¼x1x¾
=0
=¾x1x¼
=0
= 9/16
=0
= 3/16
9gri: 3siyah: 4albino
= 3/16
Dr. Ekrem Dündar
aaB-cc (albino) = ¼ x 1 x ¼ = 1/16
aabbcc (albino) = 0
e)AABbCc x AABbcc

A-B-C- (gri)
A-bbC- (sarı)
aaB-C- (siyah)
aabbC- (krem)
A-B-cc (albino)
A-bbcc (albino)
aaB-cc (albino)
aabbcc (albino)
= ¾ x ½ = 3/8 gri
= ¼ x ½ = 1/8 sarı
= 0x¾x½=0
= 0
= ¾ x ½ = 3/8 albino
= ¼ x ½ = 1/8 albino
=0
=0
3/8 gri, 1/8 sarı, 4/8 albino.
19) 18. problemde verilen sıçanlardaki tüy rengi kalıtım yapısına bakarak, aşağıdaki F1 yavrularını veren ebeveynlerin fenotip ve
genotiplerini bulunuz.
a) AaBbCC x AaBbCC  A-B-CC 9/16 gri, A-bbCC 3/16 sarı, aaB-CC 3/16 siyah, aabbCC 1/16 krem (albino yoksa c yoktur)
b) AABbCc x AABbCc  AAB-C-9/16 gri, AAbbC-3/16 sarı, 4/16 albino (3/16 AAB-cc + 1/16 AAbbcc)
c) AaBbCc x AaBbCc
 27/64 gri, 16/64 albino, 9/64 sarı, 9/64 siyah, 3/64 krem
d) aaBbCc x aabbCc
 3/8 siyah, 3/8 krem, 2/8 albino
e) aaBbCc x aaBbcc
 3/8 siyah, 4/8 albino, 1/8 krem
20)
a)
P1
A) yeşil (AABB) x gri (aaBB)
B) yeşil (AABB) x kahve (AAbb)
C) gri (aaBB) x kahve (AAbb)
F1
Tümü yeşil (AaBB)
Tümü yeşil (AABb)
Tümü yeşil (AaBb)
F2
¾ yeşil, ¼ gri
¾ yeşil, ¼ kahve
9/16 yeşil, 3/16 kahve, 3/16 gri, 1/16 mavi
b) gri (aaBB) x ???? (????)
AAbb
???? (????)
Tümü yeşil (AaBb)
9/16 yeşil, 3/16 kahve, 3/16 gri, 1/16 mavi
21)
a) Uzun (UUAA) x bodur (uuaa) uzun (UuAa)
9/16 Uzun (A-B-) 7/16 bodur (3/16A-bb + 3/16aaB- + 1/16aabb)
b) F1 (UuAa) kendi kendine döllenirse F2’de hangi oranda arısoylar ortaya çıkar?
1/16 AABB yeşil + 1/16 aaBB gri + 1/16 AAbb kahvee + 1/16 aabb mavi = 4/16
22)
a)
i) mavi (AAbb) x kırmızı (aaBB)
ii)sarı (AABB) x leylak (aabb)
sarı (AaBb)
sarı (AaBb)
9/16 sarı, 3/16 mavi, 3/16 kırmızı, 1/16 leylak
9/16 sarı, 3/16 mavi, 3/16 kırmızı, 1/16 leylak
b) kırmızı (aaBB) x leylak (aabb)
sarı (aaBb)
¾ kırmızı (aaB-), ¼ leylak (aabb)
23)
1- A, M, Rh- x A, N, Rh2- B, M, Rh- x B, M, Rh3- O, N, Rh+ x B, N, Rh+
4- AB,M,Rh- x O, N, Rh+
5-AB,MN,Rh+ x AB,MN,Rh-
a-A, N, Rhb-O, N, Rh+
c-O, MN, Rhd-B, M, Rh+
e-B,MN,Rh+
24) XrX x XY  a) normal erkek (½ x ½) = 1/4
1-c
2-hiçbiri
3-b
4-e
5-a,d,e
b) normal kız: ½
a- 5
b- 3
c- 1
d- 5
e- 4 veya 5
c) renk körü erkek (½ x ½) = 1/4 d) renk körü kız: 0
25) AOXrX x AOXY  normal görüşlü ve O grubu bir kız ihtimali = ½ x ¼ = 1/8
26) sd Drosophila’da düzensiz kanat kenarlarına neden olan X bağlantılı çekinik bir mutasyondur.
a) XsdXsd x XY  F1: XsdX x XsdY  F2: XsdXsd (taraklı dişi) + XsdY (taraklı erkek) + XsdX (normal dişi) + XY (normal erkek)
b) XX x XsdY  F1: XXsd x XY  F2: XX (normal dişi) + XY (normal erkek) + XsdX (normal dişi) + XsdY (traklı erkek)
Dr. Ekrem Dündar
Tarak özelliği X bağlantılı olmasaydı bu sonuçlar dişi ve erkek için değişmezdi ve her ikisinde de 3normal : 1tarak F2 oranı
görülürdü.
27) XsdXsd ++ x XYee  F1: XsdX +e x XsdY+e  F2: yabanıl dişi (XX+-)
= ½ x ¾ = 3/8
Normal, e dişi (XXee)
= ½ x ¼ = 1/8
sd, Normal dişi (XsdXsd+-) = ½ x ¾ = 3/8
tarak, e dişi (XsdXsdee)
= ½ x ¼ = 1/8
yabanıl erkek (XY+-)
= ½ x ¾ = 1/8
Normal, e erkek (XYee) = ½ x ¼ = 1/8
sd, Normal erkek (XsdY+-) = ½ x ¾ = 3/8
sd, e erkek (XsdYee)
= ½ x ¼ = 1/8
28) Xv : parlak kırmızı, su-v: XX. (kolaylık olması için su-v yerine s kullanalım.
XXss x XvY++
 F1: XvX+s x XY+s F2:
yabanıl dişi (XX+-, XXv+-)
yabanıl erkek (XY+-)
F1Gametler Xv+
Xvs
X+
Xs
vermilyon dişi (XvXv+-)
v
v
XX ++
XX +s
XX++
XX+s
X+
vermilyon erkek (XvY+-)
v
v
XX +s
XX ss
XX+s
XXss
Xs
XvY++
XvY+s
XY++
XY+s
Y+
XvY+s
XvYss
XY+s
XY+s
Ys
= 8/16
= 5/16
=0
= 3/16
29) Drosophila’da kırmızı göz rengi (a) X’e bağlı çekinik bir mutasyon, kahverengi göz rengi (b) ise otozomal çekinik bir
mutasyondur. Her iki mutasyonu aynı anda taşıyan bireyler beyaz gözlü olurlar. Buna göre aşağıdaki çaprazın F1 ve F2 sonuçlarını
ve oranlarını (doğru genotip ve fenotiplerle) yazınız. (16p)
kırmızı dişiler x kahverengi erkekler  F1: XXaBb x XaYBb  1.Yol: Cinsiyet ve otozomal çaprazları ayrı ayrı yapıp
ihtimalleri çarparak hesaplama.
XaXaBB x
XYbb
yabanıl x kırmızı
F2: ¼ XXa + ¼ XY + ¼ XaXa(kırmızı) + ¼ XaY(kırmızı)
F2: ¾ yabanıl (B-) + ¼ kahverengi (bb)
2.Yol (Punnet Karesi ile çözüm):
a
F1Gametler XaB
Xb
YB
Yb
yabanıl dişi
¼ XXa x ¾ B- = 3/16
XXaBB XXaBb XYBB XYBb
XB
yabanıl erkek
¼ XY x ¾ B- = 3/16
XXaBb
XXabb
XYBb
XYbb
Xb
a a
a a
a
a
a
kırmızı
dişi
¼
XaXa x ¾ B- = 3/16
X X BB X X Bb X YBB X YBb
XB
kırmızı erkek ¼ XaY x ¾ B- = 3/16
XaXaBb XaXabb XaYBb XaYbb
Xab
kahverengi dişi
¼ x ¼ = 1/16
kahverengi erkek
¼ x ¼ = 1/16
Yabanıl dişi (XXB- + XXaB-)
: 3/16
beyaz dişi
¼ XaXa x ¼ bb = 1/16
Yabanıl erkek (XYB-)
: 3/16
a a
beyaz erkek ¼ XaY x ¼ bb = 1/16
Kırmızı dişi (X X B-)
: 3/16
a
Kırmızı erkek (X YB-)
: 3/16
Kahverengi dişi (XXbb + XXabb) : 1/16
Kahverengi erk (XXbb + XXabb) : 1/16
beyaz dişi (XaXabb)
: 1/16
beyaz erkek (XaYbb)
: 1/16
Not: (Xa resesif karakteri ifade ederken X dominant karakteri ifade eder.
XYss (mor erkek)  F1: XbX+s x XbY+s F2:
Yabanıl dişi (XX+-, XbX+-)
b
Beyaz dişi (XbXb+-, XbXbss)
Xs
X+
Xs
b b
b
b
Yabanıl erkek (XY+-)
X X s+ X Xs+ X Xs+
Beyaz erkek (XbY+-, XbYss)
XbXbss XXbs+ XXbss
b
sepia dişi (XbXss, XXss)
X Y+s
XY++
XY+s
b
sepia erkek (XYss)
X Yss
XYs+
XYss
30) a) XbXb++ (beyaz dişi) x
F1Gametler
b
X+
Xbs
Y+
Ys
Xb+
XbXb++
XbXbs+
XbY++
XbYs+
= 3/16
= 4/16
= 3/16
= 4/16
= 1/16
= 1/16
(XbXb sepia üzerine epistatik)
Dr. Ekrem Dündar
31) a) ilk 3 koşul dışarda bırakılabilir çünkü karakter baskın değil ve kris-kros kalıtım görünmüyor.
c) II-1: AA veya Aa olabilir
II-6: yine AA veya Aa olabilir.
II-9: Aa
32) kırmızı dişi sığır(RR) x maun erkek sığır(rr)  F1: ½ maun erkek (Rr) + ½ kırmızı dişi (Rr) F2:
Rr: Dişilerde kırmızı erkeklerde mauna sebep olur.
3/8 kırmızı dişi (RR + Rr)
3/8 maun erkek (Rr + rr)
1/8 kırmızı erkek (RR)
1/8 maun dişi (rr)
33) Horoz tüylü erkek (hh) x tavuk tüylü dişi (HH)
F2:
¼ HH x ½ dişi = 1/8 HH tavuk tüy (
½ Hh x ½ dişi
= ¼ tavuk tüy
¼ hh x ½ dişi
= 1/8 tavuk tüy
Toplam = 4/8 tavuk tüylü dişiler
 F1: Hh x Hh 
¼ HH x ½ erkek = 1/8 HH tavuk tüy
½ Hh x ½ erkek = ¼ tavuk tüy
¼ hh x ½ erkek = 1/8 horoz tüy
Toplam = 3/8 tavuk tüylü erkekler, 1/8 horoz tüylü erkekler
I. Çift: XhX x XY  XhY + XhX + XX + XY
II. Çift XX x XhY  XXh + XY. Eğer II. çiftteki bayanın genotipi XX ise I. çiftin iddiası geçerli değildir, çünkü baba
hemofiliyi oğluna geçiremez (kris-kros kalıtıma göre babadaki X kızına geçer). I. çiftteki bayanın genotipi XX ise o zaman iddia
doğru olur (I. bayan X hX, II. bayan XX ise iddia tamamen yanlıştır).
34)
35) Fenotipik ifade; baskılama, pozisyon etkileri, sıcaklık etkileri, genetik beklenti, ve genomik damgalama gibi bir çok faktörden
çeşitli şekillerde etkilenir. Fenotip her zaman genotipin bire bir yansıması değildir.
36) Penetrans bir mutasyonu sergileyen bireylerin yüzdesini ifade eder. Ekspressivite (ifade edilebilirlik) ise bir mutant fenotipin
ifade edilme derecesini anlatır.
37) Genetik Beklenti: Bir genetik hastalığa ait fenotipik ifadenin özellikle yeni nesillerde ne zaman ve hangi şiddette ortaya
çıkacağını tahmin etmek amacıyla yapılan analizdir.
Genomik damgalama: Belirli bir geni taşıyan kromozomun kökeninin anaya ya da babaya ait olmasına bağlı olarak bu genin
fenotipik ifadesinin değişmesine neden olan kromozomal farklara genomik damgalama denir.
Dr. Ekrem Dündar